2. FAG pág.2
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VD = VDD - RDID
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Solução:
A corrente de dreno ID é determinada através Observe que fazendo ID = 4mA obtemos
de : através do gráfico VGS = -4V, resultando na
K1ID2 + K2ID + K3 = 0 onde: reta definida pelo circuito. Escolhendo um
K1 = RS2IDSS = 8000 valor de ID = 8mA, obtem-se VGS = -8V.
K2 = 2IDSSRSVP – VP2 = -132
K3 = IDSSVP2 = 0,288
Onde obtemos:
K’ = 2,6 mA e K’’ = 13,9 mA
Logo notamos que o valor da corrente de
dreno ID será de 2,6mA, pois a corrente
máxima de saturação é IDSS = 8mA.
Logo temos que:
VDS = VDD – ID(RS + RD) = 8,82V
VS = RSID = 2,6V
e VG = 0 v
VD = VDD - RDID = 11,42V
3. FAG pág.3
Na equação de Schokley se escolhermos
VGS = Vp/2 encontraremos ID = IDSS/4 nos
resultará em VGS = -4 V e ID = 2mA, onde
assim notamos que a disposição de uma
aproximação no gráfico nos traz resultados
aproximados daqueles cálculos
anteriormente. (Lembre que a curva de
tranferência do JFET será sempre a mesma,
mudando apenas seus valores de IDSS e Vp
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6. FAG pág.6
DEF F=
GD
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F=
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R2
VG = V DD
R1 + R2
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VG − VGS − V R = 0 VGS = VG − V RS
S
V RS = I S R S = I D RS *
VGS = VG − I D RS
" "
"
' $( - $( % & "
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VGS = VG I D = 0 mA
7. FAG pág.7
"
9-
$( "
:
VG
ID = VGS =0V
RS
*
V DS = V DD − I D ( R D + R S )
V D = V DD − R D I D
V S = RS I S
V DD
I R1 = I R2 =
R1 + R2
=- 143 ( *
3 $( )!
3 )(
3 )
3 )(
' )(!
3
8. FAG pág.8
Solução:
Para a curva de transferência, se
ID=IDSS/4, resulta em ID=2mA, com isso
notamos que VGS = Vp/2, ou seja, VGS=-2V
R2
VG = VDD =1,82 V
R1 + R2
VGS = VG - IDRS = 1,82V
VG
ID = VGS = 0V
= 1,21mA
RS
A reta de polarização resultante é
mostrada com os seguintes valores
quiescentes.
ID=2,4mA e VGSq= -1,8 V
Obtendo assim:
VD = VDD – RDID = 10,24V
VS = IDRS = 3,6V
VDS = VDD – ID(RD + RS) = 6,64V
Logo:
VDG = VD – VG = 8,42V
=- 173 ( *
3 $( )!
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